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《运筹学》课程教学资源(试卷习题)第6章 排队论题解

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《运筹学》课程教学资源(试卷习题)第6章 排队论题解
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《运等学》第六章排队论习题解答2. (1)/(2)/ (3)×(4)/ (5)×(6)×(7)×(8)/(9)/ (10)×3.解:单位时间为小时,元=3,μ=6,P=/μ=3/6=0.5(1)店内空闲的时间:Po=1-p=1-1/2=0.5:0()(2)有4个顾客的概率:P4=p*(1-p)=二=0.03125;-(3)至少有一个顾客的概率:P(N≥1)=1-Po=0.5;(4)店内顾客的平均数:L=,=1:1-p(5)等待服务的顾客的平均数:Lg=L-p=0.5Lg = 0.52=0.1667;(6)平均等待修理的时间:W=元3(7)一个顾客在店内逗留时间超过15分钟的概率。-15(一-一)1P(T >15)=e-(u-2) = e-15(10~ 20′ = e 2 = 0.6074.解:单位时间为小时,=3,μ=60/12=5,=/μ=0.6(1)病人到来不用等待的概率:Po=1-p=1-0.6=0.40.6p(2)门诊部内顾客的平均数:L=1.5(人)1-p1-0.61(3)病人在门诊部的平均逗留时间:W:=0.5(小时)μ-(4)若病人在门诊部内的平均逗留时间超过1小时,则有:1113u-元"5-元,=4即当病人平均到达时间间隔小于等于15分钟时,医院将增加值班医生。5.解:单位时间为小时,=4,μ=10,p=2/μ=0.4,K=3

《运筹学》第六章排队论习题解答 2.(1)√ (2)√ (3)X(4)√(5)X(6)X(7)X(8)√(9)√(10)X 3.解:单位时间为小时,   3 ,   6 ,      3 6  0.5 (1)店内空闲的时间: p0 1  11 2  0.5 ; (2)有 4 个顾客的概率: 0.03125 2 1 2 1 1 2 1 (1 ) 5 4 4 4                      ; (3)至少有一个顾客的概率: PN 11 p0  0.5 ; (4)店内顾客的平均数: 1 1      L ; (5)等待服务的顾客的平均数: Lq  L    0.5 (6)平均等待修理的时间: 0.1667 3 0.5     Lq W ; (7)一个顾客在店内逗留时间超过 15 分钟的概率。  15 0.607 2 1 ) 2 0 1 1 0 1 1 5( ( )           P T e e e   t 4.解: 单位时间为小时,   3 ,   60 12  5 ,      0.6 (1)病人到来不用等待的概率: p0 1  10.6  0.4 (2)门诊部内顾客的平均数: 1.5 1 0.6 0.6 1        L (人) (3)病人在门诊部的平均逗留时间; 0.5 1      W (小时) (4)若病人在门诊部内的平均逗留时间超过 1 小时,则有: , 4 5 1 1 1           即当病人平均到达时间间隔小于等于 15 分钟时,医院将增加值班医生。 5.解:单位时间为小时,   4 ,  10 ,      0.4 , K  3 ;

1-p1-0.40.616;(1)系统内没有顾客的概率:Po1-p410.44(2)系统内顾客的平均数:(K +1)pK+I4×0.440.4PL==0.562(人):1-pK+I10.441-0.41-p(3)排队等待服务的顾客数:L。=L-(1-Po)=0.562-0.384=0.178(人);(4)顾客在系统中的平均花费时间:L0.562=0.146=8.8(分钟)W-(1-ppo)3.842(5)顾客平均排队时间:Wg=W-1/μ=0.146-0.1=0.046=2.8(分钟)。6.解:此问题可归结为M/M/1/7的模型,单位时间为小时,几=4,u=5,p=2/μ=0.8,K=71-0.8=0.2403;(1)患者无须等待的概率:Po10.888x0.880.8(2)门诊部内患者平均数:L==2.387(人)1-0.8~1-0.88(3)需要等待的患者平均数:L。=2.387-(1-Po)=1.627(人)1-0.8(4)有效到达率:。=a(1-P)=4×(1-×0.87)=3.8;10.88(5)患者在门诊部逗留时间的平均值:L2.387W:=0.628(小时)=37.7(分钟)3.8(6)患者等待就诊的平均时间:W。=37.7-12=25.7(分钟)p7=0.0503=5.03% 的患者因坐满而自动离去(7)有P71-p7.解:此为一个M/M/4系统,入=20,μ=10,P=2/μ=2,系统服务强度

(1)系统内没有顾客的概率: 0.616 1 0.4 1 0.4 1 1 0 4 4          p ; (2)系统内顾客的平均数: 0.562 1 0.4 4 0.4 1 0.4 0.4 1 ( 1) 1 4 4 1 1              K K K L     (人); (3)排队等待服务的顾客数: Lq  L (1 p0 )  0.562 0.384  0.178 (人); (4)顾客在系统中的平均花费时间: 0.146 8.8 3.842 0.562 (1 ) 0 3      p L W   (分钟) (5)顾客平均排队时间: Wq W 1   0.146 0.1 0.046  2.8 (分钟)。 6.解:此问题可归结为M/M/1/7的模型,单位时间为小时,   4 ,   5 ,      0.8 , K  7 (1)患者无须等待的概率: 0.2403 1 0.8 1 0.8 0 8    p  ; (2)门诊部内患者平均数: 2.387 1 0.8 8 0.8 1 0.8 0.8 8 8      L  (人) (3)需要等待的患者平均数: Lq  2.387 (1 p0 ) 1.627 (人) (4)有效到达率: 0.8 ) 3.8 1 0.8 1 0.8 (1 ) 4 (1 7 7 8         P    ; (5)患者在门诊部逗留时间的平均值: 0.628 3.8 2.387     L W (小时)=37.7(分钟) (6)患者等待就诊的平均时间: Wq  37.7 12  25.7 (分钟) (7)有 0.0503 5.03% 1 1 7 7 8         P 的患者因坐满而自动离去. 7.解:此为一个M/M/4 系统,   20 ,  10 ,      2 , 系统服务强度

5424=0.5,所以Po= 0.134(K=0k!4! 1-1/2(1)前来加油的汽车平均等待的时间即为WL1L11=W-W.因为元01020μ24×0.5×0.13pppo而2=2.174x(1-0.5)2cl(1-p*)2故:W。=0.0085(小时)=0.51(分钟)(2)汽车来加油时,4台油泵都在工作,设汽车平均等待的时间为W*Wa02则W Po = 0.26因为 Pi = ppo=0.26,P2Zk--Pkp33 Po = 0.18, c=4,P3Zk=4 Pk =1-Zk=0 Pk = 0.17Wa0.51所以:W3(分钟)。0.170.178.解:此为一个M/M/3系统,元=0.9,=0.4,P=2/u=2.25,系统服务强P=0.75p*=4度:3(2.25)3(2.25)k130.0743(1) Po2k=0k!3!1-0.75(2.25)3×0.75L=(2)因为:Lx0.0743+2.25=3.95(人)3!x(1-0.75)2所以:Lg=L-p=3.95-2.25=1.70(人)

0.5 4 2     ,所以 0.13 1 1 2 1 4! 2 ! 2 1 3 0 0                k k k k p (1)前来加油的汽车平均等待的时间即为 Wq : 因为 10 1 20 1 1       L L Wq W    而 2 2.17 4! (1 0.5) 2 0.5 0.13 !(1 ) 2 4 2 0                 c p L c 故: Wq =0.0085(小时)=0.51(分钟) (2)汽车来加油时,4 台油泵都在工作,设汽车平均等待的时间为  W . 则      k c k q P W W ,因为 p1  p0  0.26, 0.26 2 0 2 p2  p   0.18 3! 0 3 p3  p   ,c  4, 1 0.17 3 4 0       k pk k pk 所以 : 3 0.17 0.51 0.17     Wq W (分钟)。 8.解:此为一个M/M/3 系统,   0.9 ,   0.4 ,      2.25 , 系统服务强 度: 0.75 3      (1) 0.0743 1 0.75 1 3! (2.25) ! (2.25) 1 3 0 3 0               k k k p (2)因为: 0.0743 2.25 3.95 3! (1 0.75) (2.25) 0.75 2 3       L  (人) 所以: Lq  L    3.95  2.25 1.70 (人)

L3.95(3)平均逗留时间:W4.39(分钟)10.9(4)平均等待时间:W。=W-1/μu=4.39-1/0.4=1.89(分钟)(5)设顾客到达后的等待概率为P*,则(2.25)311pcQx0.0743=0.57X3!1-0.75c! 1-pk=c9.解:此为系统为M/M/n(n=3)损失制无限源服务模型,元=5u=60/30=2.p=/u=2.5,(2.5)k73(1+2.5+3.125+2.604)-=0.108(1) Pok!(2)P=Ppo=2.5×0.108=0.2710.此为系统为M/M/n(n=3)服务模型,2401=4(人/分钟),μ2(人/分钟),p=元/μ=2,n=3,0.560(1)整个系统内空闲的概率:0f=(1+2+2+4)- =0.111;PoLk=o k!3!(2)顾客等待服务的概率:40.444Po93!nP(3)系统内等待服务的平均顾客数:080.888(人);L2Po(n-1)!(n- p)29(4)平均等待服务时间:I812= 0.222 ;WaX元949(5)系统平均利用率:p*=p/n=2/3=0.667;

(3)平均逗留时间: 4.39 0.9 3.95     L W (分钟) (4)平均等待时间: Wq W 1   4.39 1 0.4 1.89 (分钟) (5)设顾客到达后的等待概率为  P ,则 0.0743 0.57 1 0.75 1 3! (2.25) 1 1 ! 3 0              P c P P c k c k   9.解:此为系统为 M / M / n (n=3)损失制无限源服务模型,   5 , ,  60 30  2 ,      2.5 , (1) 1 2.5 3.125 2.604 0.108 ! (2.5) 1 1 3 0 0                 k k k p (2) p1   p0  2.50.108  0.27 10.此为系统为 M / M / n (n=3)服务模型, 2( / ) , 2 , 3 0.5 1 4( / , 60 240    人 分钟)   人 分钟      n  , (1)整个系统内空闲的概率: (1 2 2 4) 0.111 ! 3! 1 1 2 0 3 0                           k k n n k p    ; (2)顾客等待服务的概率:   0.444 9 4 3! 0 0 3              p n n p W   ; (3)系统内等待服务的平均顾客数: 0.888 9 8 ( 1)!( ) 2 0 1       p n n L n q   (人); (4)平均等待服务时间: 0.222 9 2 4 1 9 8       q q L W ; (5)系统平均利用率;   2 3  0.667    n ;

(6)若每小时顾客到达的顾客增至480名,服务员增至6名,分别计算上面的(1) -(5)的值。14802==8(人/分钟),μ==2(人/分钟),p=α/u=4,n=60.560则:整个系统内空闲的概率:2pk(42.866+17.067)-=0.017Pok!K=0顾客等待服务的概率:p(W>OPo =17.067×0.017 =0.285pn+!系统内等待服务的平均顾客数:(n-1)I(n-p)2 Po =0.58 (人)La0.07平均等待服务时间:W元系统平均利用率;p*=pn=4/6=0.667。11.解:将此系统看成一个M/M/2/5排队系统,其中1=2,μ=0.5.p=2/μ=4.n=2.K=542 (1-(4/2))1+4=0.008;(1)系统空闲时间:Po=2(1 4/2)45×0.0080.512;(2)顾客损失率:P521x25-2(3)服务系统内等待服务的平均顾客数:0.008 ×42×(4/2)2.18(人)La2!(1- 4/2)(4)在服务系统内的平均顾客数:L= Lg + p(1 ps)= 2.18 + 4×(1-0.512)= 4.13 (人);(5)顾客在系统内的平均逗留时间:L4.13W4.23(分钟);(1-ps)2×(1-0.512)

(6)若每小时顾客到达的顾客增至 480 名,服务员增至 6 名,分别计算上面的 (1)——(5)的值。 2( / ) , 4 , 6 0.5 1 8( / , 60 480    人 分钟)   人 分钟      n  则:整个系统内空闲的概率: (42.866 17.067) 0.017 ! ! 1 1 2 0 0                         k k n n n k n p    顾客等待服务的概率:   17.067 0.017 0.285 ! 0 0               p n n n p W n   系统内等待服务的平均顾客数: 0.58 ( 1)!( ) 2 0 1      p n n L n q   (人) 平均等待服务时间:   0.07  q q L W 系统平均利用率;   4 6  0.667    n 。 11.解:将此系统看成一个 M / M / 2 / 5 排队系统,其中   2 ,   0.5 ,      4 ,n  2 , K  5 (1)系统空闲时间: 0.008 2(1 4 2) 4 (1 (4 2) ) 1 4 1 2 5 2 1 0                  p ; (2)顾客损失率: 0.512 2! 2 4 0.008 5 2 5 5      p ; (3)服务系统内等待服务的平均顾客数: ) 2.18 2 4 )(5 2 1)( 2 4 (1 2 4 1 2!((1 4 2) 0.008 4 (4 2) 5 2 5 2 1 2 2                            Lq (人) (4)在服务系统内的平均顾客数: L  Lq  (1 p5 )  2.18  4(10.512)  4.13 (人); (5)顾客在系统内的平均逗留时间: 4.23 2 (1 0.512) 4.13 (1 ) 5       p L W  (分钟);

(6)顾客在系统内的平均等待时间:W,=W-1/μ=4.23-2=2.23(分钟)(7)被占用的服务员的平均数。n=L-L。=4.13-2.18=1.95(个)12.解:将此系统看成一个M/M/n排队系统,其中=140.μ=45,p=2/μ=3.5,则工时利用率平均不能低于60%,即系统服务强度:pt=P_3.55≥0.6,所以n≤4.17,设n=1,2,3,4均满足工时nn利用率的要求,现在计算是否满足等待时间的要求:(1)当n=4时2.542.532.524T1+2.5+=0.0737APoX23!4!Lk=ok!0.5n!平均等待时间:01+W.(n-1)(n- p)2 Po元2.557.197x0.0148=0.0067(小时)=0.16(分)200×6×1.522700[2元(2)当n=3时,Po== 0.045k=o k!n0"+!Lg平均等待时间:W(n-I)(n-p) Po =0.0176 (小时)=1.05(分)1元若n≤2,则pn>1,所以,应该设3个窗口符合要求。13.解:这是一个M/M/n系统确定n的问题,因为:=50,μ=10,p=/μ=5,p*=p/n=5/n,则pkp"1,设f(n)表示当律师有n个时的纯收入,Po =Lk=o k!n! 1- p*则:

(6)顾客在系统内的平均等待时间: Wq W 1   4.23  2  2.23 (分钟) (7)被占用的服务员的平均数。 n  L  Lq  4.13  2.18 1.95 (个) 12.解:将此系统看成一个 M / M / n 排队系统,其中  140 ,   45 ,      3.5 ,则 工时利用率平均不能低于 60%,即系统服务强度: 0.6 3.5     n n   ,所以 n  4.17 ,设 n 1, 2 , 3 ,4 均满足工时 利用率的要求,现在计算是否满足等待时间的要求: (1)当 n  4 时, 0.0737 0.5 4 4! 2.5 3! 2.5 2 2.5 1 2.5 ! ! 1 2 3 4 1 3 0 0                                  k k n n n k n p    平均等待时间: 2 0 ! ( 1)!( ) p n n L W n q q          0.0067 2700 7.197 0.0148 200 6 1.5 2.5 2 5       (小时)=0.16(分) (2)当 n  3 时, 0.045 ! ! 1 2 0 0                      k k n n n k n p    平均等待时间: 0.0176 ( 1)!( ) 2 0 !       p n n L W n q q     (小时)=1.05(分) 若 n  2 ,则  n 1 ,所以,应该设 3 个窗口符合要求。 13.解:这是一个 M / M / n 系统确定 n 的问题,因为:  50 , 10 ,   5 ,  n  5 n         ,则 1 1 0 0 1 1 ! !               n k k n k n p    ,设 f (n) 表示当律师有 n 个时的纯收入, 则:

n-25k5n57f(n)=-100n+200 pol k=o k!(n-1)!(n-5)对n的约束只有一个,即p*5,为求n,我们由下表计算f(n),再取最大值。n67....7.2×10-3po4.51×10-35.97×10-3399.97287.49274.87f(n)由此可以看出,当n=6时,律师咨询中心的纯收入最大。14.解:此问题为一个M/M/n系统确定n的问题,因为:几=20,μ=5,p=/μ=4,p*=p/n=4/n设f(n)表示当装卸工有n个时工厂在装卸方面的总支出,则所求为min f(n)= 50n+E[C,]其中C,为由于货车等待装卸而导致的单位时间的经济损失。D"+Cw=100L=100经计算得(n-1)!(n-p)n5106789E[Cw]481.342640817466.73813.3652.825030040050n350450500881.3876908f(n)17716.74113.31002.8由此可以看出,当有9名装卸工时,工厂的支出最小。15解:我们用M/M/1来描述此题,因为元=50人/小时,C,=30元/人,C%=60元/人,则公司每小时总支出为2z=Csu+CwL=Csu+C,-a对μ求导,并令导数为零,得:μ=入+C,/C,,所以有μ*=50+/60×50/30=50+10=60(人/小时)

               2 0 0 ( 1)!( 5) 5 ! 5 ( ) 100 200 5 n k k n n n k n f n n p 对 n 的约束只有一个,即 1   ,由此可得 n  5 ,为求 n ,我们由下表计算 f (n) , 再取最大值。 n 6 7 8  p0 3 4.51 10  3 5.97 10  3 7.2 10   f (n) 399.97 287.49 274.87  由此可以看出,当 n  6 时,律师咨询中心的纯收入最大。 14.解:此问题为一个 M / M / n 系统确定 n 的问题,因为:  20 ,  5 ,   4 ,  n  4 n         设 f (n) 表示当装卸工有 n 个时工厂在装卸方面的总支出,则所求为 min ( ) 50 [ ] n n E Cw f   其中 Cw 为由于货车等待装卸而导致的单位时间的经济损失。             2 1 ( 1)!( ) 100 100    n n C L n w ,经计算得 n 5 6 7 8 9 10  [ ] E Cw 17466.7 3813.3 652.8 481.3 426 408  50 n 250 300 350 400 450 500  f (n) 17716.7 4113.3 1002.8 881.3 876 908  由此可以看出,当有 9 名装卸工时,工厂的支出最小。 15.解:我们用 M / M / 1 来描述此题,因为   50 人/小时, Cs  30 元/人, Cw  60 元/人,则公司每小时总支出为        Cs CwL  Cs Cw z , 对  求导,并令导数为零,得:     Cw Cs ,所以有  50  6050 30  50 10  60   (人/小时)

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